Студопедия

КАТЕГОРИИ:

АвтомобилиАстрономияБиологияГеографияДом и садДругие языкиДругоеИнформатикаИсторияКультураЛитератураЛогикаМатематикаМедицинаМеталлургияМеханикаОбразованиеОхрана трудаПедагогикаПолитикаПравоПсихологияРелигияРиторикаСоциологияСпортСтроительствоТехнологияТуризмФизикаФилософияФинансыХимияЧерчениеЭкологияЭкономикаЭлектроника



Примеры решения задач. Пример 8.Груз массой m= 45 кг вращается на канате l = 5,0 м в горизонтальной плоскости, совершая n= 16 об/мин




Читайте также:
  1. A) принятие решения о финансировании одного из них не влияет на принятие решения о финансировании другого;
  2. Gt; во-вторых, когнитивной оценкой (cognitive appraisal), которую человек дает событию, требующему разрешения.
  3. Hешаем задачу
  4. I. Задачи настоящей работы
  5. I. Решение логических задач средствами алгебры логики
  6. I. Цели и задачи проекта
  7. II. Объем и сроки выполнения задач в рамках проекта
  8. II. Основные цели и задачи Программы, срок и этапы ее реализации, целевые индикаторы и показатели
  9. II. Примеры проективных методик
  10. II. Решение логических задач табличным способом

 

Пример 8.Груз массой m= 45 кг вращается на канате l = 5,0 м в горизонтальной плоскости, совершая n= 16 об/мин. Какой угол с вертикалью образует канат и какова сила его натяжения?

 

Решение:

Рисунок 11 – Пример 8

 

На груз действует сила тяжести и сила натяжения каната . Выбираем начало координат в произвольной точке нахождения груза, в данном случае в точке О для наглядности чертежа (рисунок 11).

Уравнение движения по второму закону Ньютона записывается в виде

 

+ = ; (48)

 

так как движение по окружности происходит с постоянной скоростью (по модулю), то полное ускорение тела - нормальное ускорение, направленное к центру окружности радиуса R .

 

(49)

 

Ось Х выбрана по направлению скорости. Проектируя векторы, входящие в уравнение (2) на оси, имеем систему уравнений

 

Tsin a = m×4p2× n2× R ;

Tcos a = mg = 0. (50)

 

Из рисунка 11 следует R = l× sina. Решая уравнение (50) совместно, имеем

 

T= m×4p× n2× l,

a = arccos .

 

Подставляя числовые значения в единицах СИ и выполнив вычисления, находим

 

T= 0,63 кН,

cos a = 0,71 ,

a = 450.

 

Пример 9.С какой максимальной скоростью может ехать мотоциклист по горизонтальной плоскости, описывая дугу радиуса r = 90 м, если коэффициент трения колёс о почву h = 0,4 (рисунок 12).На какой угол от вертикали должен отклониться мотоциклист при скорости = 15 м/с ?

 

Решение:

 

Система мотоциклист и машина рассматриваются как единое точечное твёрдое тело.

При движении по кругу мотоциклист будет обязательно отклоняться от вертикального положения, и движение его в принципе, не будет поступательным, так как скорости различных точек системы отличны друг от друга. Мы рассматриваем скорость центра масс и его нормальное ускорение.

 

Рисунок 12 – Пример 9

 

На мотоциклиста действуют следующие силы:

1) сила тяжести ;

2) сила нормальной реакции ;

3) сила трения ;

4) сила тяги, направленная по касательной к траектории;

5) сила трения покоя, направленная к центру описываемой траектории.

Так как линейная скорость мотоциклиста постоянна, то сумма проекций всех сил на направление касательной равна нулю. Ускорение центра масс направлено к центру и равно .



Рассмотрим уравнение движения по второму закону Ньютона:

+ + = (51)

 

Указанные силы приложены в разных точках, вследствие чего на мотоциклиста действует еще вращательный момент. Этот момент нулевой, если результирующая сила нормального давления и силы трения пройдут через центр масс, так как

 

(52)

 

Но в радиальном направлении мотоциклист не имеет скорости, значит:

 

(53)

 

Проектируем векторы, входящие в уравнение (51) на оси:

 

m = ,

0 = N-P

Совместное решение скалярных уравнений (53) приводит к выражению

 

= kN= m = kP = kmg ;

m = kmg ;

= kgR ;

= 19 м/с.

 

При скорости имеем

 

= m ,

.

При : .

 

Пример 10.Гиря, положенная на верхний конец стальной пружины, сжимает ее на х0=1,0 мм. На сколько сожмет пружину эта же гиря, брошенная вертикально вниз с высоты h=0,2 м со скоростью = 1,0 м/с (рисунок 13)

 

Решение:

Рисунок 13 – Пример 10

 

Искомая величина X деформации пружины определяет потенциальную энергию тела, так как энергия упругого деформированного тела определяется по формуле



 

, (54)

 

где k – коэффициент упругости, определяемый отношением упругой силы и величины х упругой деформации.

Для решения воспользуемся законом сохранения энергии. Рассмотрим систему Земля – гиря – пружина, так как при движении и сжатии пружины трения нет, то механическая энергия этой системы сохраняется.

Подсчитаем энергию системы в начальном и конечном положениях. За нулевой уровень отсчета выберем самое нижнее положение гири, соответствующее сжатой пружине.

В начальном положении энергия системы W складывается из потенциальной и кинетической энергии гири:

 

(55)

 

В конечном положении у гири не будет кинетической энергии, зато сжатая пружина обладает энергией упругой деформации:

 

, (56)

 

где k = . Приравнивая по закону сохранения энергии правые части (55) и (56), получим

 

. (57)

 

 

Решение (57) находят в виде

 

.

 

Отрицательный корень x<0 соответствует растяжению пружины, поэтому отбрасывается. х=8×10-2; M=8см.

 

Пример 11.На рельсах в горизонтальной плоскости стоит платформа с песком общей массой m = 5×103 кг. В платформу попадает снаряд массой m=5кг, летящий со скоростью = 400 м/с. Снаряд летит под углом = 36° к горизонту. Найти скорость платформы, если снаряд застрял в песке (рисунок 14).

 

Решение:

 

Эта задача не может быть решена непосредственно с помощью законов Ньютона. Платформа приобретает скорость в результате взаимодействия со снарядом. Однако закон этого взаимодействия со временем не известен. На систему платформа-снаряд действуют силы: 1) сила тяжести; 2) сила нормальной реакции; 3) сила трения; 4) сила взаимодействия платформы и снаряда.



 

Рисунок 14 – Пример 11

Вследствие негоризонтального направления скорости снаряда сила нормальной реакции, действующая на платформу меняется. Поэтому закон сохранения количества движения к данной системе не применим.

Если пренебречь силой трения (по сравнению с силой взаимодействия платформы и снаряда), сумма проекций внешних сил на горизонтальное направление равно 0, так как силу взаимодействия снаряд-платформа считаем внутренней для данной системы.

Значит, проекция вектора полного импульса системы на горизонтальное направление остается постоянной:

 

1x = k¢2x, (58)

 

где 1x – проекция вектора импульса системы до взаимодействия ;

2x – после взаимодействия.

Тогда 1x = ,

так как = ;

2x = (m+M)×u.

С учетом (58) имеем (m+M)×u = ;

u = м/с.

 

Пример 12.Снаряд, летевший горизонтально со скоростью =100 м/с, разрывается на две части на высоте Н=40 м. Одна часть падает через время t=1c на землю точно под местом взрыва. Определить величину и направление скорости второй части снаряда сразу после взрыва (рисунок12).

 

 

Решение:

Снаряд и два его осколка считаем замкнутой системой. Значит, полный вектор импульса системы за время взрыва не меняется (из-за кратковременности взрыва и огромных сил, возникающих при этом), то есть

 

= (59)

 

Рисунок 15 – Пример 12

 

До взрыва вектор направлен горизонтально. После взрыва полный вектор импульса равен сумме векторов импульсов двух осколков. Введя координатные оси, имеем

 

= 2m ;

= + .

По рисунку видно:

Отсюда u2 = .

Для первого осколка имеем Н = u1t + ;

u1 = м/с.

Тогда u2 = 202 м/с.

 

Вектор направлен к горизонту под углом:

;

=10°.

 

Пример 13.При упругом ударе нейтрона о ядро углерода он движется после удара в направлении, перпендикулярном начальному. Считая, что масса М ядра углерода в n = 12 раз больше массы m нейтрона, определить, во сколько раз уменьшится энергия нейтрона в результате удара.

 

Решение:

 

 

Рисунок 16 – Пример 13

 

Если скорость нейтрона до удара , - после удара, - скорость ядра углерода после удара (до удара – нуль).

В результате упругого удара импульс и энергия, которыми до удара обладает нейтрон, распределяются между двумя частицами.

При этом по законам сохранения импульса и энергии имеем

(60)

 

По условию задачи требуется найти

 

 

Принимаем метод проекции с учётом того, что угол между векторами и равен .

Из треугольников импульсов имеем

 

. (61)

 

Кроме того, = 12 по условию задачи.

Разделим почленно выражение закона сохранения энергии на m, а уравнение (2) на m2:

 

(62)

 

Исключая в этой системе уравнений, получим

 

. (63)

 

Числитель и знаменатель (63) делим почленно на и находим

,

откуда .

 

Пример 14.Шарик массой m = 0,1 кг, падая с некоторой высоты, ударяется о наклонную плоскость и упруго отскакивает от нее без потери скорости. Угол наклона плоскости к горизонту a = 30°. За время удара плоскость получает импульс силы = 1,73 Н×с. Какое время t пройдет от момента удара шарика о плоскость до момента, когда он будет находиться в наивысшей точке траектории?

 

Решение:

 

 

Рисунок 17 – Пример 14

 

По закону сохранения импульса:

 

= ,

где = сosa - (- сosa);

= сosa ( + );

= = ;

отсюда = 2 сosa.

 

Тогда =2m сosa. (64)

 

-
Из рисунка видно, что = sin - gt = сos2a - gt;

 

=0 в верхней точке, следовательно:

 

сos2a = gt,

откуда t = .

 

Из (64) найдем =

 

тогда t =

 

t = 0,51 c.

Пример 15.Невесомый блок укреплен в вершине двух наклонных плоскостей, составляющих с горизонтом углы a = 30° и b = 45°. Гири 1 и 2 одинаковой массы m1 = m2 = 1 кг соединены нитью и перекинуты через блок. Коэффициенты трения гирь k1 = k2 =0,1. Найти ускорение a, с которым движутся гири, и силу натяжения нити Т.

 

Решение:

 

Рисунок 18 – Пример 15

 

Пусть при данном значении k гири скользят. С учетом силы трения уравнение второго закона Ньютона в проекциях на направление их движения запишется в виде

 

или

 

Так как Т1 = Т2, то сложив (65) и (66), получим

 

;

,

откуда a = g . (67)

 

Из (66) найдем Т2 = + + ,

 

подставив в это выражение (67), получим

Т2 = × + ;

Т2 = × ;

Т2 = × ;

Т2 = × ;

Т2 =

 

Подставляя числовые данные, получим

 

Т1 = Т2 = 6Н, а = 0,244 м/с2.

 

Пример 16.Пуля, летящая горизонтально, попадает в шар, подвешенный на невесомом жестком стержне, и застревает в нем. Масса пули m1=5г, масса шара m2=0,5 кг. Скорость пули u1=500 м/с. При каком предельном расстоянии l от центра шара до точки подвеса стержня шар от удара пули поднимется до верхней точки окружности?

 

Решение:

Рисунок 19 – Пример 16

 

Запишем закон сохранения импульса и закон сохранения энергии для данной системы:

 

m1u1= (m1+m2)×u2 (68)

(m1+m2)×gh, (69)

 

где u2 – скорость шара с пулей после удара.

Высота, на которую поднимается шар, h = 2l.

Из (69) 2gl, откуда l = .

Из (68) u2 = ,

тогда l = ;

 

l = 0,64 м.

 

 

Содержание

С.

Физические основы механики 2

Кинематика 3

Ускорение 6

Движущиеся системы отсчета 9

Примеры решения задач по кинематике 10

Движение твердого тела 13

Примеры решения задач на вращательное движение твердого тела 16

Законы динамики 23

Значение и содержание законов сохранения 28

Закон сохранения энергии 30


Дата добавления: 2015-02-10; просмотров: 53; Нарушение авторских прав







lektsii.com - Лекции.Ком - 2014-2022 год. (0.066 сек.) Все материалы представленные на сайте исключительно с целью ознакомления читателями и не преследуют коммерческих целей или нарушение авторских прав
Главная страница Случайная страница Контакты